Vật lý 11 Bài 11: Phương pháp giải một số bài toán về toàn mạch

Khi giải một bài toán về mạch điện, người ta thường trải qua 4 bước cơ bản:

Bạn Đang Xem: Vật lý 11 Bài 11: Phương pháp giải một số bài toán về toàn mạch

• Cần xác định được loại nguồn điện và áp dụng công thức tương ứng để tính suất điện động và điện trở trong của nguồn điện

• Cần xác định cách mắc điện trở mạch ngoài để tính điện trở tương đương của mạch ngoài.

• Áp dụng định luật Ôm cho toàn mạch để tìm ẩn số cần cho đề bài.

• Công thức sử dụng:

  \(i = \frac{e}{{{r_n} + r}};\,\,e = i\left( {{r_n} + {\rm{ }}r } \phải)\)

  \(u = i{r_n} = e-{\rm{ }}ir;{a_{ng}} = e.i.t;{p_{ng}} = ei;\)

  Xem Thêm: Giả mã ý nghĩa tên Ngọc Hân là gì, mệnh gì, số phận ra sao?

  \(a = u.it{\rm{ }};{\rm{ }}p = u.i\)

  Bài 1:

  Cho sơ đồ mạch điện kín như hình vẽ: trong đó mỗi nguồn có \(\xi = 3,3\;v,r = 0,06\;\omega\).

  Xem Thêm : Bài 6: Phân tích đa thức thành nhân tử bằng phương pháp đặt nhân

  

  Đèn d1 ghi 6v – 3w, bóng d2 ghi 2,5v – 1,25w. Điều chỉnh \(\mathop r\nolimits_{b1}\) và \(\mathop r\nolimits_{b2}\) để t1 và d2 sáng bình thường.

  1. Các giá trị được tính \(\mathop r\nolimits_{b1} \) và \(\mathop r\nolimits_{b2} \)

  2. Còn tính công suất của bộ nguồn và hiệu suất của bộ nguồn?

  Hướng dẫn giải

  1.

  • Suất điện động và điện trở trong của nguồn điện:

    Xem Thêm: Tập viết đoạn đối thoại trang 85 – Tập làm văn lớp 5

    \(\mathop \xi \nolimits_b = \;2\xi = \;6,6\;v;\;\mathop r\nolimits_b = \;2r = 0,12\;\Omega\;\)

    • Định mức ampe và điện trở cho bóng đèn 1:

      \(\begin{array}{l} \mathop i\nolimits_{dm1} = \frac{{\mathop p\nolimits_{dm1} }}{{\mathop u nolimits_{dm1} }} = 0.5a;\;\\ \mathop r\nolimits_{d1} = \frac{{\mathop u\nolimits_{dm1}^2 }}{ { \mathop p\nolimits_{dm1} }} = 12\omega \end{array}\)

      • Định mức ampe và điện trở cho bóng đèn 2:

        Xem Thêm : Truyện Mùa lá rụng trong vườn Tác phẩm Mùa là rụng trong vườn của Ma Văn Kháng

        \(\begin{array}{l} \mathop i\nolimits_{dm2} = \frac{{\mathop p\nolimits_{dm2} }}{{\mathop u nolimits_{dm2} }} = 0.5a;\;\\ \mathop r\nolimits_{d2} = \frac{{\mathop u\nolimits_{dm2}^2 }}{ { \mathop p\nolimits_{dm2} }} = 5\omega \end{array}\)

        • Để luôn bật đèn:

          \(\begin{array}{l} \mathop i\nolimits_1 = \mathop i\nolimits_{dm1} \;;\;\\ \mathop i\ nolimits_2 = \mathop i\nolimits_{dm2} = \mathop i\nolimits_{rb2} ;\\ \mathop u\nolimits_{bc} = \mathop u\nolimits_1 = \mathop u\nolimits_2 = \mathop u\nolimits_{dm1} = 6v \end{array}\)

          • Xem Thêm: Đề thi kế TOÁN ngân hàng có đáp án

            Sau đó: \(\mathop i\nolimits_{bc} = \mathop i\nolimits_{dm1} \; + \mathop i\nolimits_{dm2} = \mathop i\nolimits_1 \mathop { + i}\nolimits_2 = 1a = \mathop i\nolimits_{ab} = \mathop i\nolimits_{ac} = i\)

            \(\begin{array}{l} \mathop u\nolimits_{ac} = \mathop i\nolimits_{ac} .\mathop r\nolimits_{ac} = \ mathop \xi \nolimits_b – \mathop i\nolimits_{ac} \mathop {.r}\nolimits_b = 6.48v\\ \rightarrow \;\mathop u\nolimits_{ ab } = \mathop u\nolimits_{ac} – \mathop u\nolimits_{bc} = 0,48v\\ \rightarrow \;\mathop r\nolimits_{ab} = mathop r\nolimits_{b1} = \frac{{\mathop u\nolimits_{ab} }}{i} = 0,48\omega \end{array}\)

            Và: \(\begin{array}{l} \mathop u\nolimits_{rb2} = \mathop u\nolimits_{bc} – \mathop u\nolimits_{dm2} = 3.5v\\ \rightarrow \mathop r\nolimits_{b2} = \frac{{\mathop u\nolimits_{b2} }}{{\mathop i\nolimits_2 }} = 7 \omega \end{array}\)

            2.

            • Công suất điện:

              \(\mathop p\nolimits_{bng} = \mathop \xi \nolimits_b .i = 6.6\;w\)

              • Hiệu suất năng lượng:

                \(\mathop h\nolimits_b = \frac{{\mathop u\nolimits_{ac} }}{{\mathop \xi \nolimits_b }} = \frac{{ \mathop r\nolimits_{ac} }}{{\mathop r\nolimits_{ac} + \mathop r\nolimits_b }} = \frac{{6,48}}{{6,6 }} \khoảng 98,2\%\)